Xà phòng hóa hoàn toàn `m(g)A` gồm hai este mạch hở , không phân nhánh (đều tạo từ axit cacboxylic và ancol) bằng dung dịch `NaOH` (dư `10%` so với lượng cần dùng) , sau phản ứng thu được rắn `X` và hỗn hợp ancol `Y` . Tách nước hoàn toàn hỗn hợp ancol `Y`thu được hai anken đồng đẳng kế tiếp nhau . Tiếp đó đốt cháy hoàn toàn hai anken thu được `18,72(g)H_2O` . Đốt cháy hoàn toàn rắn `X` cần dùng `15,68(l)` oxi , sau phản ứng thu được `23,32(g)Na_2CO_3` và `1,8(g)H_2O` cùng với khí `CO_2` . Nếu nung rắn `X` với vôi tôi xút (dư) thì tạo thành chất khí duy nhất . Tìm phần trăm khối lượng este có phân tử khối lớn hơn trong `A`. Giá trị gần nhất là ? *[Đăng lại , mong các a/c giải thật kĩ và chi tiết giúp e nha!] `A.60%` `B.40%` `C.55%` `D.45%`

`n_{O_2}=0,7(mol);n_{Na_2CO_3}=0,22(mol);n_{H_2O}=0,1(mol)`

`=> n_{NaOH. cần. dùng}={0,22.2}/{1,1}=0,4(mol)`

`n_{NaOH.dư}=0,04(mol)`

`=> n_{OH}=n_{COO}=0,4(mol)`

`Y` là `2` ancol no,đơn chức đồng đẳng kế tiếp.

Đốt $anken$

`n_{H_2O}=1,04(mol)`

Số `H` trung bình `2` $anken$:

`{2n_{H_2O}}/n_{anken}=2.{1,04}/{0,4}=5,2`

`=> 2` anken là $\text{C2H4(0,16 mol) và C3H6(0,24 mol)}$

Bảo toàn `O:`

`n_{NaOH}+n_{COO}+n_{O_2}=3n_{Na_2CO_3}+n_{H_2O}+2n_{CO_2}`

`=>n_{CO_2}=0,74(mol)`

Số mol `C` và `H` của khí.

`n_C=n_{Na_2CO_3}+n_{CO_2}-n_{COONa}=0,74+0,22-0,4=0,56(mol)`

`n_H=2n_{H_2O}-n_{NaOH.dư}+n_{COONa}=0,1.2-0,04+0,4=0,56(mol)`

`=>` Khí là `C_2H_2` hoặc `C_4H_4`

`1H` của khí thay thế 1`COONa` của muối nên có CT số mol `H` của khí như trên

`VD:CH_3COONa` tạo thành `CH_4` thì 1 `COONa` thay thế bởi `1H` để tạo `CH_4;CH_2(COONa)_2` tương tự 

`TH1:` khí là `C_2H_2.`

`=>` muối $\text{CH≡C-COONa và NaOOC-C≡C-COONa}$

`3x+4y=0,74+0,22`

`x+2y=0,4`

`=> x=0,16; y=0,12`

Ghép chất `=> 2` $este$ là $\text{CH≡C-COOC2H5(0,16 mol) và C3H7-OOC-C≡C-COO-C3H7(0,12 mol)}$

`%` este có `PTK` lớn hơn:

`%m_{este}={0,12.198}/(0,12.198+0,16.98)=60,24%`

`TH2:` khí là `C_4H_4`

`=>` Muối gồm `CH≡C-CH=CHCOONa` và `NaOOC-C≡C-CH=CH-COONa`

`x+2y=0,4`

`4x+6y=0,96`

`=>x=-0,24;y=0,32 =>` loại

`=>` Chọn `A`

Đáp án:A.60%

Đốt $anken$:

`n_{H_2O}=1,04(mol)`

`n_{Na_2CO_3}=0,22(mol)-> n_{NaOH   ban đầu}=0,44(mol)`

`=> n_{NaOH  cần}=0,4(mol); n_{NaOH     dư}=0,04(mol)`

Tách nước ancol thu được $anken$ `=> ancol` no,đơn,hở.

`n_{ancol}=n_{COO}=0,4(mol)`

`=> n_H={2nH_2O}/n_{ancol}=5,2`

`=> 2` `anken` là `C_2H_4(0,16 mol)` và `C_3H_6(0,24 mol)`

`=> 2` `ancol` là `C_2H_5OH` và `C_3H_7OH` với số mol lần lượt `0,16` và `0,24`

Đốt muối:

`n_{O_2}={15,68}/{22,4}=0,7(mol)`

`n_{Na_2CO_3}=0,22(mol); n_{H_2O}=0,1(mol)`

Bảo toàn nguyên tố O:

`n_{CO_2}=(0,04+0,4.2+0,7.2-0,22.3-0,1)/2=0,74(mol)`

ĐLBTKL:

$m_{muối}=23,32+1,8+0,74.44-0,7.32-0,04.40=33,68g$

Do este mạch hở ko phân nhánh `=>` este chỉ có thể là este đơn chức và 2 chức

nung muối thu đưoc chất khí duy nhất

`=>` Muối có dạng $\begin{cases} RHCOONa\\R(COONa)_2\end{cases}$

Do `n_{C_2H_5OH}<n_{C_3H_7OH}=>` có 2 trường hợp.

TH1:

Este có dạng $\begin{cases} RHCOOC_2H_5:0,16(mol)\\R(COOC_3H_7)_2:0,12(mol)\end{cases}$

`=> 0,16(R+68)+0,12(R+134)=33,68=>R=24(C≡C)`

`=>` 2 este là $\begin{cases} CH≡C-COOC_2H_5:0,16(mol)\\C_2(COOC_3H_7)_2:0,12(mol) \end{cases}$

`=> %m_{este  lớn  hơn}={0,12.198}/{0,12.198+0,16.98}.100%=60,24%`

TH2: 

2 este có dạng $\begin{cases} RHCOOC_3H_7:0,08(mol)\\C_3H_7-OOC-R-COO-C_2H_5:0,16(mol) \end{cases}$

`=> 0,08(R+68)+0,16(R+134)=33,68=>R=28,33(loại)`

`=>` Chọn `A`